Ege egzaminai gia. Pasiruošimas fizikos egzaminui: pavyzdžiai, sprendimai, paaiškinimai
Variantas Nr.3109295
Ankstyvasis vieningas valstybinis fizikos egzaminas 2017 m., 101 versija
Atlikdami užduotis su trumpu atsakymu, atsakymo laukelyje įveskite skaičių, atitinkantį teisingo atsakymo numerį, arba skaičių, žodį, raidžių (žodžių) ar skaičių seką. Atsakymas turi būti parašytas be tarpų ar papildomų simbolių. Atskirkite trupmeninę dalį nuo viso kablelio. Matavimo vienetai nebūtini. 1–4, 8–10, 14, 15, 20, 25–27 užduotyse atsakymas yra sveikasis arba baigtinis dešimtainis. 5-7, 11, 12, 16-18, 21 ir 23 užduočių atsakymas yra dviejų skaičių seka. Atsakymas į 13 užduotį yra žodis. 19 ir 22 užduočių atsakymas yra du skaičiai.
Jei parinktį nustato mokytojas, galite įvesti arba į sistemą įkelti užduočių atsakymus su detaliu atsakymu. Mokytojas matys trumpųjų atsakymų užduočių rezultatus ir galės įvertinti įkeltus atsakymus į ilgųjų atsakymų užduotis. Mokytojo duoti taškai bus rodomi jūsų statistikoje.
Versija, skirta spausdinti ir kopijuoti MS Word
Paveiksle parodytas kūno greičio projekcijos priklausomybės grafikas v x nuo laiko.
Nustatykite šio kūno pagreičio projekciją a x laiko intervalu nuo 15 iki 20 s. Išreikškite savo atsakymą m/s 2.
Atsakymas:
Kubo masė M= 1 kg, suspaustas iš šonų spyruoklėmis (žr. pav.), remiasi į lygų horizontalų stalą. Pirmoji spyruoklė suspausta 4 cm, o antra – 3 cm. Pirmosios spyruoklės standumas k 1 = 600 N/m. Koks antrojo spyruoklės standumas k 2? Išreikškite savo atsakymą N/m.
Atsakymas:
Du kūnai juda tuo pačiu greičiu. Pirmojo kūno kinetinė energija yra 4 kartus mažesnė už antrojo kūno kinetinę energiją. Nustatykite kūnų masių santykį.
Atsakymas:
510 m atstumu nuo stebėtojo darbininkai sukala polius naudodami polių kaltuvą. Kiek laiko praeis nuo to momento, kai stebėtojas pamatys kopros smūgį, iki momento, kai išgirs smūgio garsą? Garso greitis ore yra 340 m/s. Išreikškite savo atsakymą
Atsakymas:
Paveiksle pavaizduoti slėgio priklausomybės grafikai p nuo panardinimo gylio h dviem ramybės būsenos skysčiams: vandeniui ir sunkiam skysčiui dijodmetanui pastovioje temperatūroje.
Pasirinkite du teisingus teiginius, kurie atitinka pateiktus grafikus.
1) Jei tuščiavidurio rutulio viduje slėgis lygus atmosferos slėgiui, tai vandenyje 10 m gylyje slėgiai jo paviršiuje iš išorės ir iš vidaus bus lygūs vienas kitam.
2) Žibalo tankis yra 0,82 g/cm 3 , panašus žibalo slėgio ir gylio grafikas bus tarp vandens ir dijodmetano grafikų.
3) Vandenyje 25 m gylyje, slėgis p 2,5 karto daugiau nei atmosferos.
4) Didėjant panardinimo gyliui, slėgis dijodmetane didėja greičiau nei vandenyje.
5) Alyvuogių aliejaus tankis yra 0,92 g/cm 3 , panašus aliejaus slėgio ir gylio grafikas bus tarp vandens grafiko ir abscisių (horizontalioji ašis).
Atsakymas:
Didžiulė apkrova, pakabinta nuo lubų ant nesvarios spyruoklės, daro vertikalią laisvos vibracijos. Spyruoklė visą laiką lieka ištempta. Kaip spyruoklės potencinė energija ir apkrovos potencinė energija elgiasi gravitaciniame lauke, kai apkrova juda aukštyn iš pusiausvyros padėties?
1) padidėja;
2) mažėja;
3) nesikeičia.
Atsakymas:
greičiu važiuojantis sunkvežimis tiesiu horizontaliu keliu v stabdė taip, kad ratai nustojo suktis. Sunkvežimio svoris m, ratų trinties koeficientas kelyje μ . Formulės A ir B leidžia apskaičiuoti sunkvežimio judėjimą apibūdinančių fizikinių dydžių vertes.
Nustatykite atitiktį tarp formulių ir fizikinių dydžių, kurių vertę galima apskaičiuoti naudojant šias formules.
A | B |
Atsakymas:
Dėl retinto argono aušinimo jo absoliuti temperatūra sumažėjo 4 kartus. Kiek kartų šiuo atveju sumažėjo vidutinė argono molekulių šiluminio judėjimo kinetinė energija?
Atsakymas:
Šilumos variklio darbinis kūnas iš šildytuvo per ciklą gauna 100 J šilumos kiekį ir atlieka 60 J. Koks yra šilumos variklio naudingumo koeficientas? Išreikškite savo atsakymą %.
Atsakymas:
Santykinė oro drėgmė uždarame inde su stūmokliu yra 50%. Kokia bus santykinė oro drėgmė inde, jei indo tūris pastovioje temperatūroje padidės dvigubai? Išreikškite savo atsakymą %.
Atsakymas:
Karšta medžiaga, kuri iš pradžių buvo skystos būsenos, buvo lėtai aušinama. Šilumos kriauklės galia yra pastovi. Lentelėje pateikiami medžiagos temperatūros matavimo rezultatai per tam tikrą laiką.
Iš siūlomo sąrašo pasirinkite du teiginius, atitinkančius matavimų rezultatus, ir nurodykite jų numerius.
1) Medžiagos kristalizacijos procesas užtruko daugiau nei 25 minutes.
2) Medžiagos savitoji šiluminė talpa skystoje ir kietoje būsenoje yra vienoda.
3) Medžiagos lydymosi temperatūra tokiomis sąlygomis yra 232 °C.
4) Po 30 min. po matavimų pradžios medžiaga buvo tik kietos būsenos.
5) Po 20 min. po matavimų pradžios medžiaga buvo tik kietos būsenos.
Atsakymas:
Grafikai A ir B rodo diagramas p−T Ir p−V 1–2 ir 3–4 procesams (hiperbolė), atliekamiems naudojant 1 molį helio. Diagramose p- spaudimas, V- tūris ir T yra absoliuti dujų temperatūra. Nustatykite grafikų ir teiginių, apibūdinančių grafikuose pavaizduotus procesus, atitiktį. Kiekvienai pirmojo stulpelio pozicijai pasirinkite atitinkamą antrojo stulpelio poziciją ir surašykite pasirinktus skaičius lentelėje po atitinkamomis raidėmis.
A | B |
Atsakymas:
Kaip ampero jėga nukreipta figūros atžvilgiu (į dešinę, kairę, aukštyn, žemyn, į stebėtoją, toliau nuo stebėtojo), veikianti laidininką 1 iš 2 laidininko pusės (žr. paveikslą), jei laidininkai yra plonas, ilgas, tiesus, lygiagretus vienas kitam? ( aš- srovės stiprumas.) Atsakymą užrašykite žodžiu (-iais).
Atsakymas:
Per grandinės dalį teka nuolatinė srovė (žr. pav.) aš\u003d 4 A. Kokį srovės stiprumą parodys idealus ampermetras, įtrauktas į šią grandinę, jei kiekvieno rezistoriaus varža r= 1 omas? Išreikškite savo atsakymą amperais.
Atsakymas:
Atliekant elektromagnetinės indukcijos stebėjimo eksperimentą, vieno plonos vielos apsisukimo kvadratinis rėmas dedamas į vienodą magnetinį lauką, statmeną rėmo plokštumai. Indukcija magnetinis laukas tolygiai didėja nuo 0 iki didžiausios vertės IN max per kartą T. Šiuo atveju kadre sužadinamas indukcinis EMF, lygus 6 mV. Koks indukcijos EML atsiras kadre, jei T sumažėti 3 kartus IN maksimalus sumažėjimas 2 kartus? Išreikškite savo atsakymą mV.
Atsakymas:
Vienodą elektrostatinį lauką sukuria vienodai įkrauta išplėsta horizontali plokštė. Lauko stiprumo linijos nukreiptos vertikaliai į viršų (žr. pav.).
Iš toliau pateikto sąrašo pasirinkite du teisingus teiginius ir nurodykite jų numerius.
1) Jei iki taško Aįdėkite bandymo taško neigiamą krūvį, tada jį veiks jėga, nukreipta vertikaliai žemyn iš plokštės pusės.
2) Plokštelė turi neigiamą krūvį.
3) Elektrostatinio lauko potencialas taške INžemesnis už tašką SU.
5) Elektrostatinio lauko darbas judant bandymo taško neigiamam krūviui iš taško A ir prie esmės IN lygus nuliui.
Atsakymas:
Elektronas juda apskritimu vienodame magnetiniame lauke. Kaip pasikeis Lorenco jėga, veikianti elektroną, ir jo apsisukimo laikotarpis, jei padidės jo kinetinė energija?
Kiekvienai vertei nustatykite atitinkamą pakeitimo pobūdį:
1) padidinti;
2) mažėti;
3) nepasikeis.
Įrašykite į lentelę kiekvieno pasirinktus skaičius fizinis kiekis. Skaičiai atsakyme gali kartotis.
Atsakymas:
Paveikslėlyje parodyta nuolatinės srovės grandinė. Nustatykite atitiktį tarp fizikinių dydžių ir formulių, pagal kurias jie gali būti apskaičiuoti ( ε – srovės šaltinio EML, r yra srovės šaltinio vidinė varža, R yra rezistoriaus varža).
Kiekvienai pirmojo stulpelio pozicijai pasirinkite atitinkamą antrojo stulpelio poziciją ir surašykite pasirinktus skaičius lentelėje po atitinkamomis raidėmis.
FIZINIS KIEKIS | FORMULĖ | |
A) srovė per šaltinį atidarius raktą K B) srovė per šaltinį, kai raktas uždarytas K |
Atsakymas:
Vakuume sklinda dvi monochromatinės elektromagnetinės bangos. Pirmosios bangos fotonų energija yra dvigubai didesnė už antrosios bangos fotono energiją. Nustatykite šių elektromagnetinių bangų ilgių santykį.
Atsakymas:
Kaip jie pasikeis, kada β − -branduolio ir jo krūvio skilimo masės skaičius?
Kiekvienai vertei nustatykite atitinkamą pakeitimo pobūdį:
1) padidinti
2) mažėti
3) nepasikeis
Lentelėje įrašykite kiekvieno fizinio dydžio pasirinktus skaičius. Skaičiai atsakyme gali kartotis.
Atsakymas:
Nustatykite voltmetro rodmenis (žr. pav.), jei nuolatinės įtampos matavimo paklaida lygi voltmetro padalijimo vertei. Atsakymą pateikite voltais. Atsakyme užrašykite reikšmę ir klaidą kartu be tarpo.
Atsakymas:
Dėl laboratoriniai darbai Norint išsiaiškinti laidininko varžos priklausomybę nuo jo ilgio, studentui buvo pateikti penki laidininkai, kurių charakteristikos nurodytos lentelėje. Kuriuos du iš šių vadovų studentas turėtų vadovautis, kad galėtų atlikti šį tyrimą?
Pasirengimas OGE ir vieningam valstybiniam egzaminui
Vidurinis bendrasis išsilavinimas
Linija UMK A. V. Gračiovas. Fizika (10–11) (pagrindinis, išplėstinis)
Linija UMK A. V. Gračiovas. Fizika (7–9)
Linija UMK A. V. Peryshkin. Fizika (7–9)
Pasiruošimas fizikos egzaminui: pavyzdžiai, sprendimai, paaiškinimai
Analizuojama NAUDOTI užduotis fizikoje (C variantas) su mokytoju.Lebedeva Alevtina Sergeevna, fizikos mokytoja, darbo patirtis 27 metai. Maskvos srities švietimo ministerijos garbės diplomas (2013 m.), Voskresenskio vadovo padėka savivaldybės rajonas(2015), Maskvos srities matematikos ir fizikos mokytojų asociacijos prezidento diplomas (2015).
Darbe pateikiamos įvairaus sudėtingumo užduotys: pagrindinės, išplėstinės ir aukštos. Užduotys Pagrindinis lygis, Šis paprastos užduotys kurie tikrina svarbiausių fizikinių sąvokų, modelių, reiškinių ir dėsnių įsisavinimą. Aukštesniojo lygio užduotys skirtos patikrinti gebėjimą naudoti fizikos sąvokas ir dėsnius analizuojant įvairius procesus ir reiškinius, taip pat gebėjimą spręsti vieno ar dviejų dėsnių (formulių) taikymo uždavinius bet kuria iš temų. mokyklos kursas fizika. 4 darbe 2 dalies užduotys – tai didelio sudėtingumo užduotys, tikrinančios gebėjimą panaudoti fizikos dėsnius ir teorijas pasikeitusioje ar naujoje situacijoje. Tokiems uždaviniams atlikti reikia taikyti žinias iš dviejų trijų fizikos skyrių iš karto, t.y. aukštas mokymo lygis. Ši parinktis visiškai atitinka demonstracinę USE 2017 versiją, užduotys paimtos iš atviras bankas NAUDOTI užduotis.
Paveiksle parodytas greičio modulio priklausomybės nuo laiko grafikas t. Iš grafiko nustatykite automobilio nuvažiuotą kelią per laiko intervalą nuo 0 iki 30 s.
Sprendimas. Automobilio nuvažiuotas kelias per laiko intervalą nuo 0 iki 30 s paprasčiausiai apibrėžiamas kaip trapecijos plotas, kurio pagrindas yra laiko intervalai (30 - 0) = 30 s ir (30 - 10) = 20 s, o aukštis yra greitis v= 10 m/s, t.y.
S = | (30 + 20) Su | 10 m/s = 250 m. |
2 |
Atsakymas. 250 m
100 kg masė virve pakeliama vertikaliai aukštyn. Paveiksle parodyta greičio projekcijos priklausomybė V apkrova ant ašies nukreipta į viršų, nuo laiko t. Nustatykite troso įtempimo modulį kėlimo metu.
Sprendimas. Pagal greičio projekcijos kreivę v apkrova ant ašies, nukreiptos vertikaliai į viršų, nuo laiko t, galite nustatyti apkrovos pagreičio projekciją
a = | ∆v | = | (8 – 2) m/s | \u003d 2 m/s 2. |
∆t | 3 s |
Apkrovą veikia: gravitacija, nukreipta vertikaliai žemyn, ir troso įtempimo jėga, nukreipta išilgai kabelio vertikaliai į viršų, žr. 2. Užrašykime pagrindinę dinamikos lygtį. Panaudokime antrąjį Niutono dėsnį. Kūną veikiančių jėgų geometrinė suma yra lygi kūno masės ir jam suteikiamo pagreičio sandaugai.
+ = (1)
Užrašykime vektorių projekcijos lygtį atskaitos rėme, susietame su žeme, OY ašis bus nukreipta į viršų. Įtempimo jėgos projekcija teigiama, kadangi jėgos kryptis sutampa su OY ašies kryptimi, gravitacijos jėgos projekcija neigiama, kadangi jėgos vektorius yra priešingas OY ašiai, pagreičio vektoriaus projekcija taip pat yra teigiamas, todėl kūnas juda su pagreičiu aukštyn. Mes turime
T – mg = mama (2);
iš (2) formulės įtempimo jėgos modulis
T = m(g + a) = 100 kg (10 + 2) m/s 2 = 1200 N.
Atsakymas. 1200 N.
Kūnas yra tempiamas išilgai grubaus horizontalaus paviršiaus pastoviu greičiu, kurio modulis yra 1,5 m/s, veikiant jį jėgą, kaip parodyta (1) paveiksle. Šiuo atveju kūną veikiančios slydimo trinties jėgos modulis yra 16 N. Kokią galią sukuria jėga F?
Sprendimas.Įsivaizduokime uždavinio sąlygoje nurodytą fizikinį procesą ir padarykime scheminį brėžinį, nurodantį visas kūną veikiančias jėgas (2 pav.). Užrašykime pagrindinę dinamikos lygtį.
Tr + + = (1)
Pasirinkę atskaitos sistemą, susietą su fiksuotu paviršiumi, rašome vektorių projekcijos į pasirinktas koordinačių ašis lygtis. Pagal problemos būklę kūnas juda tolygiai, nes jo greitis yra pastovus ir lygus 1,5 m/s. Tai reiškia, kad kūno pagreitis lygus nuliui. Horizontaliai kūną veikia dvi jėgos: slydimo trinties jėga tr. ir jėga, kuria tempiamas kūnas. Trinties jėgos projekcija yra neigiama, nes jėgos vektorius nesutampa su ašies kryptimi X. Jėgos projekcija F teigiamas. Primename, kad norėdami rasti projekciją, statmeną nuleidžiame nuo vektoriaus pradžios ir pabaigos iki pasirinktos ašies. Turėdami tai omenyje, turime: F cos- F tr = 0; (1) išreikšti jėgos projekciją F, Šis F cosα = F tr = 16 N; (2) tada jėgos išvystyta galia bus lygi N = F cosα V(3) Pakeiskime, atsižvelgdami į (2) lygtį, ir pakeiskime atitinkamus duomenis (3) lygtyje:
N\u003d 16 N 1,5 m/s \u003d 24 W.
Atsakymas. 24 W.
Ant lengvos spyruoklės, kurios standumas 200 N/m, pritvirtinta apkrova svyruoja vertikaliai. Paveikslėlyje parodytas poslinkio grafikas x krovinys nuo laiko t. Nustatykite, koks yra krovinio svoris. Atsakymą suapvalinkite iki artimiausio sveikojo skaičiaus.
Sprendimas. Spyruoklės svoris svyruoja vertikaliai. Pagal apkrovos poslinkio kreivę X nuo laiko t, nustatyti apkrovos svyravimo periodą. Virpesių periodas yra T= 4 s; iš formulės T= 2π išreiškiame masę m krovinys.
= | T | ; | m | = | T 2 | ; m = k | T 2 | ; m= 200 H/m | (4 s) 2 | = 81,14 kg ≈ 81 kg. |
2π | k | 4π 2 | 4π 2 | 39,438 |
Atsakymas: 81 kg.
Paveikslėlyje pavaizduota dviejų lengvų blokų ir nesvario troso sistema, su kuria galima subalansuoti arba pakelti 10 kg krovinį. Trintis yra nereikšminga. Remdamiesi aukščiau pateikto paveikslo analize, pasirinkite du teisingus teiginius ir atsakyme nurodyti jų numerius.
- Norint išlaikyti apkrovos pusiausvyrą, reikia veikti lyno galą 100 N jėga.
- Paveiksle parodyta blokų sistema nesuteikia stiprybės.
- h, reikia ištraukti 3 ilgio virvės atkarpą h.
- Lėtai pakelti krovinį į aukštį hh.
Sprendimas. Atlikdami šią užduotį, prisiminkite paprasti mechanizmai, būtent blokai: kilnojamasis ir fiksuotas blokas. Judantis blokas jėgą padidina du kartus, o lyno dalis turi būti traukiama dvigubai ilgiau, o fiksuotas blokas naudojamas jėgai nukreipti. Darbe paprasti laimėjimo mechanizmai neduoda. Išanalizavę problemą, iš karto pasirenkame reikiamus teiginius:
- Lėtai pakelti krovinį į aukštį h, reikia ištraukti 2 ilgio virvės atkarpą h.
- Norint išlaikyti apkrovos pusiausvyrą, lyno galą reikia veikti 50 N jėga.
Atsakymas. 45.
Aliumininis svarelis, pritvirtintas ant nesvario ir netiesiamo sriegio, visiškai panardinamas į indą su vandeniu. Krovinys neliečia indo sienelių ir dugno. Tada į tą patį indą su vandeniu panardinamas geležies krovinys, kurio masė lygi aliuminio krovinio masei. Kaip dėl to pasikeis sriegio tempimo jėgos modulis ir apkrovą veikiančios gravitacijos jėgos modulis?
- dideja;
- Sumažėja;
- Nesikeičia.
Sprendimas. Išanalizuojame problemos būklę ir parenkame tuos parametrus, kurie tyrimo metu nekinta: tai kūno masė ir skystis, į kurį kūnas panardinamas ant siūlų. Po to geriau padaryti scheminį brėžinį ir nurodyti apkrovą veikiančias jėgas: sriegio įtempimo jėgą. F valdymas, nukreiptas išilgai sriegio į viršų; gravitacija nukreipta vertikaliai žemyn; Archimedo jėga a veikiantis iš skysčio pusės į panardintą kūną ir nukreiptas į viršų. Pagal uždavinio sąlygą apkrovų masė yra vienoda, todėl ir apkrovą veikiančios gravitacijos jėgos modulis nekinta. Kadangi prekių tankis skirtingas, tai ir tūris skirsis.
V = | m | . |
p |
Geležies tankis yra 7800 kg / m 3, o aliuminio apkrova - 2700 kg / m 3. Vadinasi, V ir< Va. Kūnas yra pusiausvyroje, visų kūną veikiančių jėgų rezultatas lygus nuliui. Nukreipkime koordinačių ašį OY aukštyn. Pagrindinę dinamikos lygtį, atsižvelgdami į jėgų projekciją, įrašome į formą F buvęs + Fa – mg= 0; (1) Mes išreiškiame įtempimo jėgą F extr = mg – Fa(2); Archimedo jėga priklauso nuo skysčio tankio ir panardintos kūno dalies tūrio Fa = ρ gV p.h.t. (3); Skysčio tankis nesikeičia, o geležies korpuso tūris yra mažesnis V ir< Va, todėl geležies apkrovą veikianti Archimedo jėga bus mažesnė. Padarome išvadą apie sriegio įtempimo jėgos modulį, dirbant su (2) lygtimi, jis padidės.
Atsakymas. 13.
Baro masė m nuslysta nuo fiksuotos grubios nuožulnios plokštumos, kurios kampas α prie pagrindo. Strypo pagreičio modulis lygus a, strypo greičio modulis didėja. Galima nepaisyti oro pasipriešinimo.
Nustatykite fizikinių dydžių ir formulių, pagal kurias jie gali būti apskaičiuoti, atitiktį. Kiekvienai pirmojo stulpelio pozicijai pasirinkite atitinkamą poziciją iš antrojo stulpelio ir surašykite pasirinktus skaičius lentelėje po atitinkamomis raidėmis.
B) Strypo trinties koeficientas pasvirusioje plokštumoje
3) mg cosα
4) sinα - | a |
g cosα |
Sprendimas.Šiai užduočiai atlikti reikia taikyti Niutono dėsnius. Rekomenduojame pasidaryti scheminį brėžinį; nurodyti visas judesio kinematinės charakteristikos. Jei įmanoma, pavaizduokite pagreičio vektorių ir visų judančiam kūnui veikiančių jėgų vektorius; atminkite, kad kūną veikiančios jėgos yra sąveikos su kitais kūnais rezultatas. Tada užrašykite pagrindinę dinamikos lygtį. Pasirinkite atskaitos sistemą ir užrašykite gautą jėgos ir pagreičio vektorių projekcijos lygtį;
Vadovaudamiesi pasiūlytu algoritmu padarysime scheminį brėžinį (1 pav.). Paveikslėlyje parodytos jėgos, veikiančios strypo svorio centrą, ir atskaitos sistemos koordinačių ašys, susietos su pasvirusios plokštumos paviršiumi. Kadangi visos jėgos yra pastovios, strypo judėjimas bus vienodai kintamas didėjant greičiui, t.y. pagreičio vektorius nukreiptas judėjimo kryptimi. Pasirinkime ašių kryptį, kaip parodyta paveikslėlyje. Užrašykime jėgų projekcijas pasirinktose ašyse.
Užrašykime pagrindinę dinamikos lygtį:
Tr + = (1)
Užsirašykime duota lygtis(1) jėgų ir pagreičio projekcijai.
OY ašyje: atramos reakcijos jėgos projekcija yra teigiama, nes vektorius sutampa su OY ašies kryptimi N y = N; trinties jėgos projekcija lygi nuliui, nes vektorius yra statmenas ašiai; gravitacijos projekcija bus neigiama ir lygi mgy= – mg cosα ; pagreičio vektoriaus projekcija a y= 0, nes pagreičio vektorius yra statmenas ašiai. Mes turime N – mg cosα = 0 (2) iš lygties išreiškiame reakcijos jėgą, veikiančią strypą iš pasvirosios plokštumos pusės. N = mg cosα (3). Užrašykime projekcijas OX ašyje.
OX ašyje: jėgos projekcija N yra lygus nuliui, nes vektorius yra statmenas OX ašiai; Trinties jėgos projekcija yra neigiama (vektorius nukreiptas priešinga kryptimi pasirinktos ašies atžvilgiu); gravitacijos projekcija yra teigiama ir lygi mg x = mg sinα(4) of taisyklingas trikampis. Teigiamo pagreičio projekcija a x = a; Tada rašome lygtį (1) atsižvelgdami į projekciją mg sinα- F tr = mama (5); F tr = m(g sinα- a) (6); Atminkite, kad trinties jėga yra proporcinga normalaus slėgio jėgai N.
A-prioras F tr = μ N(7), išreiškiame strypo trinties koeficientą pasvirusioje plokštumoje.
μ = | F tr | = | m(g sinα- a) | = tanα – | a | (8). |
N | mg cosα | g cosα |
Kiekvienai raidei parenkame tinkamas pozicijas.
Atsakymas. A-3; B-2.
8 užduotis. Dujinis deguonis yra 33,2 litro tūrio inde. Dujų slėgis 150 kPa, jų temperatūra 127 ° C. Nustatykite dujų masę šiame inde. Išreikškite savo atsakymą gramais ir suapvalinkite iki artimiausio sveikojo skaičiaus.
Sprendimas. Svarbu atkreipti dėmesį į vienetų konvertavimą į SI sistemą. Konvertuoti temperatūrą į Kelvinus T = t°С + 273, tūris V\u003d 33,2 l \u003d 33,2 10 -3 m 3; Mes verčiame spaudimą P= 150 kPa = 150 000 Pa. Naudojant idealiųjų dujų būsenos lygtį
išreikšti dujų masę.
Būtinai atkreipkite dėmesį į vienetą, kuriame jūsų prašoma užrašyti atsakymą. Tai labai svarbu.
Atsakymas. 48
9 užduotis. Idealios monoatominės dujos, kurių kiekis 0,025 mol, išsiplėtė adiabatiškai. Tuo pačiu metu jo temperatūra nukrito nuo +103°С iki +23°С. Kokį darbą atlieka dujos? Išreikškite savo atsakymą džauliais ir suapvalinkite iki artimiausio sveikojo skaičiaus.
Sprendimas. Pirma, dujos yra monatominis laisvės laipsnių skaičius i= 3, antra, dujos plečiasi adiabatiškai – tai reiškia, kad nėra šilumos perdavimo K= 0. Dujos veikia mažindamos vidinę energiją. Atsižvelgdami į tai, pirmąjį termodinamikos dėsnį rašome 0 = ∆ U + A G; (1) išreiškiame dujų darbą A g = –∆ U(2); Vienatominių dujų vidinės energijos pokytį rašome kaip
Atsakymas. 25 J.
Oro dalies santykinė drėgmė tam tikroje temperatūroje yra 10%. Kiek kartų reikia pakeisti šios oro dalies slėgį, kad jos santykinė oro drėgmė padidėtų 25 % esant pastoviai temperatūrai?
Sprendimas. Klausimai, susiję su sočiųjų garų ir oro drėgme, dažniausiai sukelia sunkumų moksleiviams. Santykinei oro drėgmei apskaičiuoti panaudokime formulę
Pagal problemos būklę temperatūra nekinta, vadinasi, soties garų slėgis išlieka toks pat. Parašykime formulę (1) dviem oro būsenoms.
φ 1 \u003d 10%; φ 2 = 35 %
Oro slėgį išreiškiame iš (2), (3) formulių ir randame slėgių santykį.
P 2 | = | φ 2 | = | 35 | = 3,5 |
P 1 | φ 1 | 10 |
Atsakymas. Slėgis turėtų būti padidintas 3,5 karto.
Karšta medžiaga skystoje būsenoje buvo lėtai aušinama lydymosi krosnyje su pastovia galia. Lentelėje pateikiami medžiagos temperatūros matavimo rezultatai per tam tikrą laiką.
Pasirinkite iš siūlomo sąrašo du matavimų rezultatus atitinkantys teiginiai ir nurodyti jų numeriai.
- Medžiagos lydymosi temperatūra tokiomis sąlygomis yra 232°C.
- Per 20 minučių. pradėjus matavimus medžiaga buvo tik kietos būsenos.
- Medžiagos šiluminė talpa skystoje ir kietoje būsenoje yra vienoda.
- Po 30 min. pradėjus matavimus medžiaga buvo tik kietos būsenos.
- Medžiagos kristalizacijos procesas užtruko daugiau nei 25 minutes.
Sprendimas. Medžiagai vėsstant jos vidinė energija mažėjo. Temperatūros matavimų rezultatai leidžia nustatyti temperatūrą, kurioje medžiaga pradeda kristalizuotis. Kol medžiaga juda iš skysta būsenaį kietą, temperatūra nekinta. Žinodami, kad lydymosi temperatūra ir kristalizacijos temperatūra yra ta pati, pasirenkame teiginį:
1. Medžiagos lydymosi temperatūra tokiomis sąlygomis yra 232°C.
Antras teisingas teiginys yra:
4. Po 30 min. pradėjus matavimus medžiaga buvo tik kietos būsenos. Kadangi temperatūra šiuo metu jau yra žemesnė už kristalizacijos temperatūrą.
Atsakymas. 14.
Izoliuotoje sistemoje kūno A temperatūra yra +40°C, o kūno B – +65°C. Šie kūnai yra termiškai kontaktuojami vienas su kitu. Po kurio laiko pasiekiama šiluminė pusiausvyra. Kaip dėl to keitėsi kūno B temperatūra ir bendra A bei B kūno vidinė energija?
Kiekvienai vertei nustatykite atitinkamą pakeitimo pobūdį:
- Padidėjęs;
- Sumažėjo;
- Nepasikeitė.
Lentelėje įrašykite kiekvieno fizinio dydžio pasirinktus skaičius. Skaičiai atsakyme gali kartotis.
Sprendimas. Jei izoliuotoje kūnų sistemoje nevyksta jokie energijos virsmai, išskyrus šilumos mainus, tai kūnų, kurių vidinė energija mažėja, išskiriamas šilumos kiekis lygus šilumos kiekiui, kurį gauna kūnai, kurių vidinė energija didėja. (Pagal energijos tvermės dėsnį.) Šiuo atveju bendra sistemos vidinė energija nekinta. Tokio tipo uždaviniai sprendžiami remiantis šilumos balanso lygtimi.
∆U = ∑ | n | ∆U i = 0 (1); |
i = 1 |
kur ∆ U- vidinės energijos pasikeitimas.
Mūsų atveju dėl šilumos perdavimo sumažėja kūno B vidinė energija, vadinasi, mažėja šio kūno temperatūra. Kūno A vidinė energija didėja, kadangi kūnas gavo šilumos kiekį iš kūno B, tada jo temperatūra padidės. Kūnų A ir B suminė vidinė energija nekinta.
Atsakymas. 23.
Protonas p, nuskraidintas į tarpą tarp elektromagneto polių, turi greitį statmeną magnetinio lauko indukcijos vektoriui, kaip parodyta paveikslėlyje. Kur yra Lorenco jėga, veikianti protoną, nukreipta į figūrą (aukštyn, link stebėtojo, toliau nuo stebėtojo, žemyn, kairėn, dešinėn)
Sprendimas. Magnetinis laukas veikia įkrautą dalelę Lorenco jėga. Norint nustatyti šios jėgos kryptį, svarbu prisiminti kairės rankos mnemoninę taisyklę, nepamiršti atsižvelgti į dalelės krūvį. Kairiosios rankos keturis pirštus nukreipiame išilgai greičio vektoriaus, teigiamai įkrautos dalelės atveju vektorius turi patekti į delną statmenai, 90 ° kampu atidėtas nykštys rodo dalelę veikiančios Lorenco jėgos kryptį. Dėl to gauname, kad Lorenco jėgos vektorius figūros atžvilgiu yra nukreiptas nuo stebėtojo.
Atsakymas. nuo stebėtojo.
Plokščiame 50 μF talpos oro kondensatoriuje elektrinio lauko stiprio modulis yra 200 V/m. Atstumas tarp kondensatoriaus plokščių yra 2 mm. Koks yra kondensatoriaus įkrovimas? Atsakymą parašykite µC.
Sprendimas. Paverskime visus matavimo vienetus į SI sistemą. Talpa C \u003d 50 μF \u003d 50 10 -6 F, atstumas tarp plokščių d= 2 10 -3 m.. Problema susijusi su plokščiu oro kondensatoriumi – įtaisu elektros krūviui ir elektrinio lauko energijai akumuliuoti. Iš elektrinės talpos formulės
Kur d yra atstumas tarp plokščių.
Išreikškime įtampą U= E d(4); Pakeiskite (4) į (2) ir apskaičiuokite kondensatoriaus įkrovą.
q = C · Red\u003d 50 10 -6 200 0,002 \u003d 20 μC
Atkreipkite dėmesį į vienetus, kuriais turite parašyti atsakymą. Gavome pakabučiuose, bet pateikiame μC.
Atsakymas. 20 µC.
Studentas atliko fotografijoje pateiktą šviesos lūžio eksperimentą. Kaip kinta stikle sklindančios šviesos lūžio kampas ir stiklo lūžio rodiklis didėjant kritimo kampui?
- didėja
- Sumažėja
- Nesikeičia
- Kiekvieno atsakymo pasirinktus skaičius įrašykite į lentelę. Skaičiai atsakyme gali kartotis.
Sprendimas. Tokio plano užduotyse prisimename, kas yra refrakcija. Tai bangos sklidimo krypties pasikeitimas pereinant iš vienos terpės į kitą. Ją lemia tai, kad bangų sklidimo greičiai šiose terpėse yra skirtingi. Išsiaiškinę, iš kurios terpės į kurią sklinda šviesa, formoje užrašome lūžio dėsnį
sinα | = | n 2 | , |
sinβ | n 1 |
Kur n 2 – stiklo absoliutus lūžio rodiklis, vidutinis kur einašviesa; n 1 yra pirmosios terpės, iš kurios sklinda šviesa, absoliutus lūžio rodiklis. Dėl oro n 1 = 1. α – pluošto kritimo kampas į stiklinio puscilindro paviršių, β – pluošto lūžio kampas stikle. Be to, lūžio kampas bus mažesnis už kritimo kampą, nes stiklas yra optiškai tankesnė terpė - terpė su dideliu lūžio rodikliu. Šviesos sklidimo greitis stikle yra lėtesnis. Atkreipkite dėmesį, kad kampai matuojami nuo statmeno, atkurto spindulio kritimo taške. Jei padidinsite kritimo kampą, padidės ir lūžio kampas. Stiklo lūžio rodiklis nuo to nepasikeis.
Atsakymas.
Varinis džemperis laiku t 0 = 0 pradeda judėti 2 m/s greičiu lygiagrečiais horizontaliais laidžiais bėgiais, prie kurių galų prijungtas 10 omų rezistorius. Visa sistema yra vertikaliame vienodame magnetiniame lauke. Džemperio ir bėgių pasipriešinimas yra nereikšmingas, džemperis visada statmenas bėgiams. Magnetinės indukcijos vektoriaus srautas Ф per grandinę, kurią sudaro trumpiklis, bėgiai ir rezistorius, laikui bėgant kinta t kaip parodyta diagramoje.
Naudodami grafiką pasirinkite du teisingus teiginius ir savo atsakyme nurodykite jų skaičius.
- Iki to laiko t\u003d 0,1 s, magnetinio srauto per grandinę pokytis yra 1 mWb.
- Indukcinė srovė trumpiklyje diapazone nuo t= 0,1 s t= 0,3 s maks.
- Indukcijos EMF modulis, kuris atsiranda grandinėje, yra 10 mV.
- Indukcinės srovės, tekančios trumpikliu, stipris yra 64 mA.
- Norint išlaikyti džemperio judėjimą, jam veikiama jėga, kurios projekcija bėgių kryptimi yra 0,2 N.
Sprendimas. Pagal magnetinės indukcijos vektoriaus srauto per grandinę priklausomybės nuo laiko grafiką nustatome atkarpas, kuriose kinta srautas Ф, o kur srauto pokytis lygus nuliui. Tai leis mums nustatyti laiko intervalus, per kuriuos grandinėje atsiras indukcinė srovė. Teisingas teiginys:
1) Iki to laiko t= 0,1 s magnetinio srauto pokytis grandinėje yra 1 mWb ∆F = (1 - 0) 10 -3 Wb; EML indukcijos modulis, kuris atsiranda grandinėje, nustatomas naudojant EMP įstatymą
Atsakymas. 13.
Pagal srovės stiprumo priklausomybės nuo laiko grafiką elektros grandinėje, kurios induktyvumas yra 1 mH, nustatykite savaiminio indukcijos EMF modulį laiko intervalu nuo 5 iki 10 s. Atsakymą parašykite mikrovoltais.
Sprendimas. Paverskime visus dydžius į SI sistemą, t.y. 1 mH induktyvumą paverčiame H, gauname 10 -3 H. Srovės stiprumas, parodytas paveikslėlyje mA, taip pat bus konvertuojamas į A, padauginus iš 10 -3.
Saviindukcijos EMF formulė turi formą
šiuo atveju laiko intervalas pateikiamas pagal problemos būklę
∆t= 10 s – 5 s = 5 s
sekundes ir pagal grafiką nustatome srovės pasikeitimo intervalą per šį laiką:
∆aš= 30 10 –3 – 20 10 –3 = 10 10 –3 = 10 –2 A.
Pakaitalas skaitinės reikšmėsį formulę (2), gauname
| Ɛ | \u003d 2 10 -6 V arba 2 μV.
Atsakymas. 2.
Dvi skaidrios plokštumos lygiagrečios plokštės yra tvirtai prispaudžiamos viena prie kitos. Šviesos spindulys nukrenta iš oro ant pirmosios plokštės paviršiaus (žr. pav.). Yra žinoma, kad viršutinės plokštės lūžio rodiklis yra lygus n 2 = 1,77. Nustatykite fizikinių dydžių ir jų verčių atitiktį. Kiekvienai pirmojo stulpelio pozicijai pasirinkite atitinkamą poziciją iš antrojo stulpelio ir surašykite pasirinktus skaičius lentelėje po atitinkamomis raidėmis.
Sprendimas. Norint išspręsti šviesos lūžio dviejų terpių sąsajoje problemas, ypač problemas, susijusias su šviesos pratekėjimu per plokštumos lygiagrečias plokštes, galima rekomenduoti tokią sprendimo tvarką: padarykite brėžinį, nurodantį iš vienos terpės sklindančių spindulių kelią. vidutinis kitam; spindulio kritimo taške ties dviejų terpių sąsaja nubrėžkite normalią paviršių, pažymėkite kritimo ir lūžio kampus. Ypatingą dėmesį atkreipkite į nagrinėjamos terpės optinį tankį ir atminkite, kad kai šviesos pluoštas pereina iš optiškai mažiau tankios terpės į optiškai tankesnę terpę, lūžio kampas bus mažesnis už kritimo kampą. Paveikslėlyje parodytas kampas tarp krintančio pluošto ir paviršiaus, o mums reikia kritimo kampo. Atminkite, kad kampai nustatomi pagal statmeną, atkurtą kritimo taške. Nustatome, kad pluošto kritimo į paviršių kampas yra 90° - 40° = 50°, lūžio rodiklis n 2 = 1,77; n 1 = 1 (oras).
Parašykime lūžio dėsnį
sinβ = | nuodėmė50 | = 0,4327 ≈ 0,433 |
1,77 |
Pastatykime apytikslį sijos kelią per plokštes. 2–3 ir 3–1 riboms naudojame formulę (1). Atsakydami gauname
A) Spindulio kritimo kampo sinusas ant ribos 2–3 tarp plokščių yra 2) ≈ 0,433;
B) Spindulio lūžio kampas kertant ribą 3–1 (radianais) yra 4) ≈ 0,873.
Atsakymas. 24.
Nustatykite, kiek α - dalelių ir kiek protonų gaunama reakcijos metu termobranduolinė sintezė
+ → x+ y;
Sprendimas. Visose branduolinėse reakcijose laikomasi elektros krūvio tvermės ir nukleonų skaičiaus dėsnių. Pažymėkite x alfa dalelių skaičių, y - protonų skaičių. Padarykime lygtis
+ → x + y;
sprendžiant mūsų turimą sistemą x = 1; y = 2
Atsakymas. 1 – α-dalelė; 2 - protonai.
Pirmojo fotono impulso modulis yra 1,32 · 10 -28 kg m/s, tai yra 9,48 · 10 -28 kg m/s mažiau nei antrojo fotono impulso modulis. Raskite antrojo ir pirmojo fotono energijos santykį E 2 /E 1. Atsakymą suapvalinkite iki dešimtųjų.
Sprendimas. Antrojo fotono impulsas yra didesnis nei pirmojo fotono impulsas pagal sąlygą, todėl galime įsivaizduoti p 2 = p 1 + ∆ p(1). Fotono energiją galima išreikšti fotono impulsu, naudojant šias lygtis. Tai E = mc 2 straipsnio 1 dalį ir p = mc(2), tada
E = pc (3),
Kur E yra fotono energija, p yra fotono impulsas, m yra fotono masė, c= 3 10 8 m/s – šviesos greitis. Atsižvelgdami į (3) formulę, turime:
E 2 | = | p 2 | = 8,18; |
E 1 | p 1 |
Atsakymą suapvaliname iki dešimtųjų ir gauname 8,2.
Atsakymas. 8,2.
Atomo branduolys patyrė radioaktyvų pozitronų β skilimą. Kaip tai pasikeitė elektros krūvis branduolys ir neutronų skaičius jame?
Kiekvienai vertei nustatykite atitinkamą pakeitimo pobūdį:
- Padidėjęs;
- Sumažėjo;
- Nepasikeitė.
Lentelėje įrašykite kiekvieno fizinio dydžio pasirinktus skaičius. Skaičiai atsakyme gali kartotis.
Sprendimas. Pozitronas β – skilimas į atomo branduolys atsiranda protonui transformuojant į neutroną su pozitrono emisija. Dėl to neutronų skaičius branduolyje padidėja vienu, elektros krūvis sumažėja vienu, o branduolio masės skaičius išlieka nepakitęs. Taigi elemento transformacijos reakcija yra tokia:
Atsakymas. 21.
Laboratorijoje buvo atlikti penki eksperimentai, skirti stebėti difrakciją naudojant įvairias difrakcijos gardeles. Kiekviena iš grotelių buvo apšviesta lygiagrečiais tam tikro bangos ilgio monochromatinės šviesos pluoštais. Šviesa visais atvejais krisdavo statmenai grotoms. Dviejuose iš šių eksperimentų buvo pastebėtas toks pat pagrindinių difrakcijos maksimumų skaičius. Pirmiausia nurodykite eksperimento, kuriame buvo naudojama trumpesnio periodo difrakcinė gardelė, numerį, o po to – eksperimento, kuriame buvo panaudota ilgesnio periodo difrakcijos gardelė, numerį.
Sprendimas.Šviesos difrakcija yra reiškinys, kai šviesos pluoštas patenka į geometrinio šešėlio sritį. Difrakciją galima pastebėti, kai šviesos bangos kelyje dideliuose ir šviesai nepermatomuose barjeruose aptinkami nepermatomi plotai ar skylės, o šių sričių ar skylių matmenys yra proporcingi bangos ilgiui. Vienas iš svarbiausių difrakcijos prietaisų yra difrakcijos gardelė. Kampinės kryptys į difrakcijos modelio maksimumus nustatomos pagal lygtį
d sinφ = kλ(1),
Kur d yra difrakcijos gardelės periodas, φ yra kampas tarp normalės gardelės atžvilgiu ir krypties į vieną iš difrakcijos modelio maksimumų, λ yra šviesos bangos ilgis, k yra sveikasis skaičius, vadinamas difrakcijos maksimumo tvarka. Išreikšti iš (1) lygties
Pasirinkdami poras pagal eksperimento sąlygas, pirmiausia parenkame 4, kur buvo naudojama mažesnio periodo difrakcinė gardelė, o tada eksperimento, kuriame buvo naudojama didelio periodo difrakcinė gardelė, skaičius yra 2.
Atsakymas. 42.
Srovė teka per laido rezistorių. Rezistorius buvo pakeistas kitu, tokio pat metalo ir tokio pat ilgio, bet pusę skerspjūvio ploto viela, per kurią buvo praleidžiama pusė srovės. Kaip pasikeis rezistoriaus įtampa ir jo varža?
Kiekvienai vertei nustatykite atitinkamą pakeitimo pobūdį:
- padidės;
- sumažės;
- Nepakeis.
Lentelėje įrašykite kiekvieno fizinio dydžio pasirinktus skaičius. Skaičiai atsakyme gali kartotis.
Sprendimas. Svarbu atsiminti, nuo kokių dydžių priklauso laidininko varža. Atsparumo apskaičiavimo formulė yra
Omo dėsnis grandinės atkarpai, iš (2) formulės išreiškiame įtampą
U = Aš R (3).
Pagal problemos būklę antrasis rezistorius pagamintas iš tos pačios medžiagos vielos, vienodo ilgio, bet skirtingo skerspjūvio ploto. Plotas dvigubai mažesnis. Pakeitę (1) gauname, kad varža padidėja 2 kartus, o srovė sumažėja 2 kartus, todėl įtampa nekinta.
Atsakymas. 13.
Matematinės švytuoklės svyravimo periodas Žemės paviršiuje yra 1,2 karto didesnis nei jos svyravimo periodas kurioje nors planetoje. Kas yra pagreičio modulis laisvas kritimasšioje planetoje? Abiem atvejais atmosferos poveikis yra nereikšmingas.
Sprendimas. Matematinė švytuoklė yra sistema, susidedanti iš sriegio, kurio matmenys yra daug didesni nei rutulio ir paties rutulio matmenys. Gali kilti sunkumų, jei pamirštama Tomsono formulė matematinės švytuoklės svyravimo periodui.
T= 2π (1);
l yra matematinės švytuoklės ilgis; g- gravitacijos pagreitis.
Pagal sąlygą
Express iš (3) g n \u003d 14,4 m/s 2. Reikia pažymėti, kad laisvojo kritimo pagreitis priklauso nuo planetos masės ir spindulio
Atsakymas. 14,4 m/s 2.
Tiesus 1 m ilgio laidininkas, kuriuo teka 3 A srovė, yra vienodame magnetiniame lauke su indukcija IN= 0,4 T 30° kampu vektoriui . Koks yra magnetinio lauko laidininką veikiančios jėgos modulis?
Sprendimas. Jei srovės laidininkas yra įdėtas į magnetinį lauką, tada srovės laidininko laukas veiks su ampero jėga. Rašome Ampero jėgos modulio formulę
F A = Aš LB sinα;
F A = 0,6 N
Atsakymas. F A = 0,6 N.
Ritėje sukaupto magnetinio lauko energija, kai per ją teka nuolatinė srovė, yra 120 J. Kiek kartų reikia padidinti srovės, tekančios per ritės apviją stiprumą, kad joje kauptųsi magnetinio lauko energija. padidinti 5760 J.
Sprendimas. Ritės magnetinio lauko energija apskaičiuojama pagal formulę
W m = | LI 2 | (1); |
2 |
Pagal sąlygą W 1 = 120 J, tada W 2 \u003d 120 + 5760 \u003d 5880 J.
aš 1 2 = | 2W 1 | ; aš 2 2 = | 2W 2 | ; |
L | L |
Tada dabartinis santykis
aš 2 2 | = 49; | aš 2 | = 7 |
aš 1 2 | aš 1 |
Atsakymas. Srovės stiprumas turi būti padidintas 7 kartus. Atsakymų lape įvedate tik skaičių 7.
Elektros grandinę sudaro dvi lemputės, du diodai ir laido ritė, sujungta kaip parodyta paveikslėlyje. (Diodas leidžia srovei tekėti tik viena kryptimi, kaip parodyta paveikslo viršuje.) Kuri iš lempučių užsidegs, jei magneto šiaurinis ašigalis bus priartintas prie ritės? Paaiškinkite savo atsakymą nurodydami, kokius reiškinius ir modelius naudojote paaiškinime.
Sprendimas. Išeina magnetinės indukcijos linijos Šiaurės ašigalis magnetas ir skiriasi. Kai artėja magnetas magnetinis srautas per vielos ritę padidėja. Pagal Lenco taisyklę magnetinis laukas, kurį sukuria kilpos indukcinė srovė, turi būti nukreiptas į dešinę. Pagal stulpelio taisyklę srovė turi tekėti pagal laikrodžio rodyklę (žiūrint iš kairės). Šia kryptimi praeina diodas antrosios lempos grandinėje. Taigi, užsidegs antra lemputė.
Atsakymas. Antroji lemputė užsidegs.
Aliuminio stipinų ilgis L= 25 cm ir skerspjūvio plotas S\u003d 0,1 cm 2 pakabinamas ant sriegio viršutiniame gale. Apatinis galas remiasi į horizontalų indo, į kurį pilamas vanduo, dugną. Panardintos stipino dalies ilgis l= 10 cm Raskite jėgą F, kuriuo adata spaudžia indo dugną, jei žinoma, kad siūlas yra vertikaliai. Aliuminio tankis ρ a = 2,7 g / cm 3, vandens tankis ρ in = 1,0 g / cm 3. Gravitacijos pagreitis g= 10 m/s 2
Sprendimas. Padarykime aiškinamąjį brėžinį.
– Sriegio įtempimo jėga;
– Indo dugno reakcijos jėga;
a – Archimedo jėga, veikianti tik panardintą kūno dalį ir taikoma panardintos stipino dalies centrui;
- gravitacijos jėga, veikianti stipiną iš Žemės pusės ir taikoma viso stipino centrui.
Pagal apibrėžimą stipino masė m ir modulis Archimedo stiprumas išreiškiami taip: m = SLρa (1);
F a = Slρ in g (2)
Apsvarstykite jėgų momentus, palyginti su stipino pakabos tašku.
M(T) = 0 – tempimo jėgos momentas; (3)
M(N) = NL cosα – atramos reakcijos jėgos momentas; (4)
Atsižvelgdami į momentų požymius, rašome lygtį
NL cos + Slρ in g (L – | l | ) cosα = SLρ a g | L | cos (7) |
2 | 2 |
atsižvelgiant į tai, kad pagal trečiąjį Niutono dėsnį indo dugno reakcijos jėga yra lygi jėgai F d kuria adata spaudžia indo dugną rašome N = F e ir iš (7) lygties išreiškiame šią jėgą:
F d = [ | 1 | Lρ a– (1 – | l | )lρ in] Sg (8). |
2 | 2L |
Sujungę skaičius, mes tai gauname
F d = 0,025 N.
Atsakymas. F d = 0,025 N.
Butelis, kuriame yra m 1 = 1 kg azoto, kai išbandytas stiprumas, sprogo esant temperatūrai t 1 = 327 °C. Kokia vandenilio masė m 2 galima būtų laikyti tokiame cilindre esant temperatūrai t 2 \u003d 27 ° C, su penkis kartus didesne saugos riba? Molinė masė azoto M 1 \u003d 28 g / mol, vandenilis M 2 = 2 g/mol.
Sprendimas. Parašome idealių dujų Mendelejevo – Klapeirono būsenos lygtį azotui
Kur V- baliono tūris, T 1 = t 1 + 273°C. Atsižvelgiant į būklę, vandenilis gali būti laikomas esant slėgiui p 2 = p 1 /5; (3) Atsižvelgiant į tai
vandenilio masę galime išreikšti iš karto dirbdami su (2), (3), (4) lygtimis. Galutinė formulė atrodo taip:
m 2 = | m 1 | M 2 | T 1 | (5). | ||
5 | M 1 | T 2 |
Pakeitus skaitinius duomenis m 2 = 28
Atsakymas. m 2 = 28
Idealioje virpesių grandinėje srovės svyravimų amplitudė induktoryje Aš= 5 mA, o kondensatoriaus įtampos amplitudė U m= 2,0 V. Laiku t kondensatoriaus įtampa yra 1,2 V. Raskite srovę šiuo momentu.
Sprendimas. Idealioje virpesių grandinėje išsaugoma virpesių energija. Laiko t momentu energijos tvermės dėsnis turi formą
C | U 2 | + L | aš 2 | = L | Aš 2 | (1) |
2 | 2 | 2 |
Dėl amplitudės (maksimalių) verčių rašome
o iš (2) lygties išreiškiame
C | = | Aš 2 | (4). |
L | U m 2 |
Pakeiskime (4) į (3). Dėl to gauname:
aš = Aš (5)
Taigi, srovė ritėje tuo metu t yra lygus
aš= 4,0 mA.
Atsakymas. aš= 4,0 mA.
2 m gylio rezervuaro apačioje yra veidrodis. Šviesos spindulys, einantis per vandenį, atsispindi nuo veidrodžio ir išeina iš vandens. Vandens lūžio rodiklis yra 1,33. Raskite atstumą tarp spindulio įėjimo į vandenį taško ir išėjimo iš vandens taško, jei pluošto kritimo kampas yra 30°
Sprendimas. Padarykime aiškinamąjį brėžinį
α – spindulio kritimo kampas;
β – pluošto lūžio vandenyje kampas;
AC yra atstumas tarp spindulio įėjimo į vandenį ir išėjimo iš vandens taško.
Pagal šviesos lūžio dėsnį
sinβ = | sinα | (3) |
n 2 |
Apsvarstykite stačiakampį ΔADB. Jame AD = h, tada DВ = AD
tgβ = h tgβ = h | sinα | = h | sinβ | = h | sinα | (4) |
cosβ |
Gauname tokią išraišką:
AC = 2 DB = 2 h | sinα | (5) |
Pakeiskite skaitines reikšmes gautoje formulėje (5)
Atsakymas. 1,63 m
Ruošiantis egzaminui kviečiame susipažinti su fizikos darbo programa 7–9 klasėms į mokymo medžiagos eilutę Peryshkina A.V. Ir 10–11 klasių giluminio lygio darbo programą TMC Myakisheva G.Ya. Programas gali peržiūrėti ir nemokamai atsisiųsti visi registruoti vartotojai.
Kaip ir pernai, 2017 metais yra du vieningo valstybinio egzamino „srautai“ – ankstyvasis laikotarpis (vyksta pavasario viduryje) ir pagrindinis, tradiciškai prasidedantis pabaigoje. mokslo metai, paskutinėmis gegužės dienomis. Oficialus USE tvarkaraščio projektas „numato“ visas visų dalykų egzaminų laikymo datas abiem šiais laikotarpiais, įskaitant papildomas rezervines dienas tiems, kurie pagal 2015 m. gera priežastis(liga, egzaminų datų sutapimas ir pan.) negalėjo išlaikyti USE per nurodytą laiką.
Ankstyvojo egzamino laikymo laikotarpio grafikas - 2017 m
2017 metais ankstyvoji vieningo valstybinio egzamino „banga“ prasideda anksčiau nei įprastai. Jei pernai pavasario egzaminų periodo pikas krito paskutinę kovo savaitę, tai šį sezoną pavasario pertraukos laikotarpis bus laisvas nuo egzamino.
Pagrindiniai ankstyvojo laikotarpio terminai – nuo kovo 14 iki kovo 24 d. Taigi, prasidėjus pavasario mokinių atostogoms, daugelis „ankstyvųjų mokinių“ jau turės laiko išlaikyti testą. Ir tai gali pasirodyti patogu: tarp abiturientų, turinčių teisę laikyti vieningą valstybinį egzaminą ankstyvoje bangoje, yra vaikinų, kurie gegužės mėnesį turės dalyvauti Rusijos ar tarptautiniuose konkursuose ir konkursuose, pavasario atostogos dažnai vyksta į sporto stovyklas, profilio pamainas į stovyklas ir pan. Egzaminų perkėlimas į ankstesnę datą leis jiems naudoti naujausią „visiškai“.
Papildomos (rezervinės) dienos bus surengtas ankstyvasis USE-2017 laikotarpis nuo balandžio 3 iki 7 d. Tuo pačiu metu tikriausiai daugeliui teks egzaminus rašyti rezerviniu būdu: jei praėjusių metų tvarkaraštyje tą pačią dieną buvo laikomi ne daugiau kaip du dalykai, tai 2017-aisiais dauguma pasirenkamųjų egzaminų sugrupuoti „trejetais“.
Atskiros dienos skiriamos tik trims dalykams: rusų kalbos egzaminui, kuris yra privalomas abiturientams ir visiems būsimiems stojantiesiems, taip pat matematikai ir egzamino žodinei daliai m. užsienio kalbos. Tuo pačiu metu „kalbant“ šiemet „ankstyvieji studentai“ tai imsis prieš rašytinę dalį.
Kovo mėnesio egzaminus pagal datas planuojama paskirstyti taip:
kovo 14 d(antradienis) - Matematikos egzaminas (tiek pagrindinio, tiek profilinio lygio);
kovo 16 d(ketvirtadienis) - chemija, istorija, informatika;
kovo 18 d(šeštadienis) – VARTOTI užsienio kalbomis ( žodinė dalis egzaminas);
kovo 20 d(pirmadienis) - rusų kalbos egzaminas;
kovo 22 d(trečiadienis) - biologija, fizika, užsienio kalbos (egzaminas raštu);
kovo 24 d(penktadienis) – USE, literatūra ir socialiniai mokslai.
Tarp pagrindinės ir rezervinės ankstyvojo laikotarpio dienų yra devynių dienų pertrauka. Visi papildomi „atsargos karių“ testai vyks po trijų dienų:
balandžio 3 d(pirmadienis) - chemija, literatūra, informatika, užsienio (kalbėjimas);
balandžio 5 d(trečiadienis) - užsienio (raštu), geografija, fizika, biologija, socialiniai mokslai;
balandžio 7 d(penktadienis) – rusiška, pagrindinė ir.
Paprastai didžioji dalis tų, kurie išlaiko USE anksčiau laiko, yra praėjusių metų absolventai, taip pat vidurinių specializuotų mokymo įstaigų absolventai (kolegijose ir profesiniuose licėjuose, programa vidurinė mokykla paprastai „išlaiko“ pirmaisiais studijų metais). Be to, mokyklų absolventai, kurie per pagrindinį vieningo valstybinio egzamino išlaikymo laikotarpį nedalyvaus dėl svarių priežasčių (pavyzdžiui, dalyvaus Rusijos ar tarptautiniuose konkursuose arba bus gydomi sanatorijoje) arba ketina tęsti mokslus už Rusijos ribų. šaudyti atgal“ su egzaminais anksti.
2017 metų abiturientai taip pat gali rinktis laikyti egzaminus iš tų dalykų, kurių programa baigta visa apimtimi. Tai visų pirma aktualu tiems, kurie planuoja – mokyklinis kursas šia tema skaitomas iki 10 klasės ir ankstyvas pristatymas vienas iš egzaminų gali sumažinti įtampą pagrindiniu NAUDOJIMO laikotarpiu.
Pagrindinio egzamino išlaikymo laikotarpio grafikas - 2017 m
Pagrindinis 2017 metų egzamino laikymo laikotarpis prasideda gegužės 26 d, o iki birželio 16 d., dauguma abiturientų jau bus baigę egzaminų epą. Tiems, kurie negalėjo laiku išlaikyti egzamino dėl rimtos priežasties arba pasirinko dalykus, kurie sutapo pristatymo požiūriu, yra rezervinių egzaminų dienos nuo birželio 19 d. Kaip ir pernai, paskutinė USE laikotarpio diena taps „viengubu rezervu“ – birželio 30 dieną bus galima laikyti bet kurio dalyko egzaminą.
Tuo pačiu metu pagrindinio Vieningo valstybinio egzamino-2017 laikotarpio egzaminų grafikas, palyginti su ankstyvaisiais egzaminais, yra daug ne toks tankus, o daugumai abiturientų tikriausiai pavyks išvengti „persidengusių“ egzaminų datų.
Atskiros egzaminų dienos skiriamos privalomiems dalykams: rusų kalba, matematika, pagrindinė ir profilio lygis(Studentai turi teisę laikyti vieną iš šių egzaminų arba abu iš karto, todėl pagal pagrindinio laikotarpio tvarkaraštį jie tradiciškai paskirstomi kelioms dienoms).
Kaip ir pernai, atskira diena skirta populiariausiam pasirenkamajam egzaminui – socialinėms studijoms. O užsienio kalbų egzamino žodžiu daliai išlaikyti iš karto skiriamos dvi atskiros dienos. Be to, atskira diena skirta ne pačiai populiariausiai NAUDOTI dalyką- geografija. Galbūt tai buvo padaryta siekiant tvarkaraštyje išdėstyti visus gamtos mokslų profilio dalykus, sumažinant sutapimų skaičių.
Taigi, į NAUDOJIMO grafiką yra dvi poros ir vienas „trigubas“ dalykų, kurių egzaminai bus laikomi vienu metu:
- chemija, istorija ir informatika;
- užsienio kalbos ir biologija,
- literatūra ir fizika.
Egzaminai turi būti laikomi šiomis dienomis:
gegužės 26 d(penktadienis) – geografija,
gegužės 29 d(pirmadienis) – rusų,
gegužės 31 d(trečiadienis) – istorija, chemija, informatika ir IKT,
birželio 2 d(penktadienis) - profilio matematika,
birželio 5 d(pirmadienis) - socialiniai mokslai;
birželio 7 d(trečiadienis) - ,
birželio 9 d(penktadienis) – užsienio kalba raštu, biologija,
birželio 13 d(antradienis) - literatūra, fizika,
birželio 15 d(ketvirtadienis) ir birželio 16 d(penktadienis) – užsienio oralinis.
Taigi didžioji dalis moksleivių išleistuvėms ruošis „ramia sąžine“, jau išlaikę visus numatytus egzaminus ir gavę daugumos dalykų rezultatus. Tie, kurie susirgo per pagrindinį egzaminų laikotarpį, pasirinko dalykus, kurie sutapo laike, gavo „neįskaitymą“ iš rusų kalbos ar matematikos, buvo pašalinti iš egzamino arba egzamino metu susidūrė su techniniais ar organizaciniais sunkumais (pavyzdžiui, trūko papildomų dalykų). formų ar elektros energijos tiekimo nutraukimo), egzaminus laikys laiku.
Rezervinės dienos bus paskirstytos taip:
birželio 19 d(pirmadienis) – informatika, istorija, chemija ir geografija,
birželio 20 d(antradienis) - fizika, literatūra, biologija, socialiniai mokslai, užsienio kalba raštu,
birželio 21 d(trečiadienis) – rusų,
birželio 22 d(ketvirtadienis) - matematika pagrindiniame lygyje,
birželio 28 d(trečiadienis) - matematika profilio lygiu,
birželio 29 d(ketvirtadienis) - žodžiu užsienio,
birželio 30 d(penktadienis) – visi dalykai.
Ar egzaminų tvarkaraštis gali keistis?
Projektas oficialus tvarkaraštis NAUDOJIMAS paprastai skelbiamas mokslo metų pradžioje, vyksta diskusija, o galutinis egzaminų tvarkaraščio tvirtinimas vyksta pavasarį. Todėl galimi pakeitimai 2017 m.
Tačiau, pavyzdžiui, 2016 metais projektas buvo patvirtintas be pakeitimų ir tikrosios egzaminų datos visiškai sutapo su iš anksto paskelbtomis – tiek ankstyvoje, tiek pagrindinėje bangoje. Taigi tikimybė, kad 2017 metų tvarkaraštis taip pat bus priimtas be pakeitimų, yra gana didelė.
Ruošiantis už NAUDOTI absolventams baigiamajam egzaminui geriau naudoti oficialių informacijos šaltinių parinktis.
Norėdami suprasti, kaip atlikti egzaminą, pirmiausia turėtumėte susipažinti su demonstracinėmis KIM USE versijomis fizikoje. šie metai ir su pasirinkimais Vieningas valstybinis egzaminas laikotarpį.
2015-10-05 siekiant suteikti abiturientams papildoma galimybė pasiruošti vieningam valstybiniam fizikos egzaminui FIPI svetainėje skelbiama vienoje CMM versijoje, kuri naudojama vykdant egzaminą anksčiau nei numatyta 2017 m. Tai realių variantų nuo egzamino, vykusio 2017-07-04.
Ankstyvosios 2017 m. fizikos egzamino versijos
2017 m. fizikos egzamino parodomoji versija
Užduoties variantas + atsakymai | variantas+atsakymas |
Specifikacija | parsisiųsti |
Kodifikatorius | parsisiųsti |
2016-2015 fizikos egzamino demonstracinės versijos
Fizika | Atsisiuntimo parinktis |
2016 | egzamino versija 2016 m |
2015 | variantas EGE fizika |
KIM USE pokyčiai 2017 m., palyginti su 2016 m
Egzamino 1 dalies struktūra pakeista, 2 dalis palikta nepakeista. Iš egzamino darbo buvo pašalintos užduotys su vienu teisingu atsakymu ir pridėtos užduotys su trumpu atsakymu.
Keičiant egzamino darbo struktūrą, buvo išlaikytas bendrasis konceptualus vertinimo požiūris švietimo pasiekimai. Visų pirma, maksimalus balas už visas egzamino darbo užduotis išliko nepakitęs, maksimalaus balų paskirstymas už įvairaus sudėtingumo užduotis ir apytikslis užduočių skaičiaus pasiskirstymas pagal mokyklinio fizikos kurso skyrius ir veiklos metodus. konservuoti.
Pilnas klausimų, kuriuos galima valdyti per vieningą valstybinį egzaminą 2017 m., sąrašas pateikiamas turinio elementų ir reikalavimų abiturientų lygiui kodifikatoriuje. švietimo organizacijos už vieningą valstybinį fizikos egzaminą 2017 m.
Tikslas demo versija USE fizikoje yra leisti bet kuriam USE dalyviui ir plačiajai visuomenei susidaryti idėją apie būsimos KIM struktūrą, užduočių skaičių ir formą bei jų sudėtingumo lygį.
Pateikti užduočių atlikimo su išsamiu atsakymu vertinimo kriterijai, įtraukti į šią parinktį, suteikia supratimą apie išsamaus atsakymo rašymo išsamumo ir teisingumo reikalavimus. Ši informacija leis abiturientams parengti pasiruošimo egzaminui ir jo išlaikymo strategiją.
Požiūriai į turinio parinkimą, KIM USE struktūros kūrimą fizikoje
Kiekvienoje egzamino darbo versijoje pateikiamos užduotys, kuriose tikrinamas kontroliuojamo turinio elementų kūrimas iš visų mokyklinio fizikos kurso skyrių, o kiekvienam skyriui siūlomos visų taksonominių lygių užduotys. Svarbiausia, kalbant apie tęstinį mokslą aukštojoje mokykloje švietimo įstaigų turinio elementai tame pačiame variante valdomi skirtingo sudėtingumo užduotimis.
Konkrečios sekcijos užduočių skaičius nustatomas pagal jos turinį ir proporcingai jos studijoms skirtam studijų laikui pagal pavyzdinga programa fizikoje. Įvairūs planai, pagal kuriuos statomi egzamino parinktys, yra sukurti turinio papildymo principu, kad apskritai visose variantų serijose būtų galima atlikti visų į kodifikatorių įtrauktų turinio elementų kūrimo diagnostiką.
Kiekviena parinktis apima užduotis visoms skirtingo sudėtingumo sekcijoms, leidžiančias išbandyti galimybes taikyti fiziniai dėsniai ir formules tiek tipinėse ugdymo, tiek netradicinėse situacijose, kuriose reikia pakankamai didelio savarankiškumo derinant žinomus veiksmų algoritmus ar kuriant savo užduoties vykdymo planą.
Užduočių su detaliu atsakymu tikrinimo objektyvumą užtikrina vienodi vertinimo kriterijai, dviejų nepriklausomų ekspertų, vertinančių vieną darbą, dalyvavimas, galimybė paskirti trečią ekspertą ir apskundimo tvarkos buvimas. Vienišas Valstybinis egzaminas fizikoje yra pasirenkamas egzaminas abiturientams ir skirtas diferencijuoti stojant į aukštąsias mokyklas.
Šiuo tikslu į darbą įtrauktos trijų sudėtingumo lygių užduotys. Bazinio sudėtingumo lygio užduočių atlikimas leidžia įvertinti reikšmingiausių vidurinės mokyklos fizikos kurso turinio elementų įsisavinimo lygį ir daugiausiai įsisavinimo lygį. svarbios rūšys veikla.
Tarp pagrindinio lygio užduočių išskiriamos užduotys, kurių turinys atitinka pagrindinio lygio standartą. Minimalus USE taškų skaičius fizikoje, patvirtinantis, kad absolventas yra įvaldęs vidurinę (visą) programą bendrojo išsilavinimo fizikoje, nustatomas remiantis bazinio lygio standarto įsisavinimo reikalavimais. Naudokite į ekspertizės darbas aukštesnis ir aukštus lygius sudėtingumas leidžia įvertinti studento pasirengimo tęsti mokslus universitete laipsnį.
Daugelis abiturientų 2017 metais laikys ir fiziką, nes šis egzaminas yra labai paklausus. Daugeliui universitetų reikia turėti USE rezultatą fizikos srityje, kad 2017 m. jie galėtų priimti, o jūs galėtumėte įstoti į tam tikras jų institutų fakultetų specialybes. Ir dėl to būsimasis abiturientas, besimokantis 11 klasėje, nežinodamas, kad teks išlaikyti tokį sunkų egzaminą ir ne šiaip, o tokiais rezultatais, kurie leis realiai patekti į gera specialybė, kuriai reikalingos fizikos, kaip dalyko, žinių ir buvimo NAUDOKITE rezultatus, kaip rodiklį, kad šiais metais turite teisę kreiptis dėl stojimo studijuoti, vadovaudamiesi tuo, kad 2017 m. išlaikėte vieningą valstybinį fizikos egzaminą, turite gerus balus ir manote, kad pateksite bent į komercinį skyrių, nors norėčiau eiti į biudžetinį.
Ir todėl manome, kad be mokyklinių vadovėlių, galvos smegenyse esančių žinių, taip pat tų knygų, kurias jau įsigijote, jums reikės dar bent dviejų failų, kuriuos rekomenduojame atsisiųsti nemokamai.
Pirma, tai yra metai, nes tai yra pagrindas, kuriuo pirmiausia pasitikėsite. Taip pat bus specifikacijos ir kodifikatoriai, kuriais pasinaudoję sužinosite, kokias temas reikia kartoti ir apskritai visą egzamino tvarką bei jo laikymo sąlygas.
Antra, tai yra bandomojo fizikos egzamino, kurį FIPI laikė ankstyvą pavasarį, tai yra kovo-balandžio mėnesiais, KIM.
Čia siūlome juos atsisiųsti ir ne tik todėl, kad visa tai nemokama, bet ir labiau dėl to, kad to reikia jums, o ne mums. Šios fizikos USE užduotys paimtos iš atvirų duomenų banko, kuriame FIPI talpina dešimtis tūkstančių užduočių ir klausimų visuose dalykuose. Ir tu supranti, kad jas visas išspręsti tiesiog nerealu, nes reikia 10 ar 20 metų, o tu neturi tiek laiko, reikia skubiai veikti 2017 m., nes visai nenori prarasti vienerių metų , o be to, ten atvyks nauji absolventai, kurių žinių lygis mums nežinomas, todėl neaišku, kaip bus lengva ar sunku su jais konkuruoti.
Atsižvelgiant į tai, kad žinios laikui bėgant blėsta, mokytis reikia ir dabar, tai yra, kol tavo galvoje yra naujų žinių.
Remdamiesi šiais faktais, darome išvadą, kad būtina dėti visas pastangas, kad originaliai pasiruoštumėte bet kokiam egzaminui, įskaitant egzaminą fizikoje 2017 m., kurių bandomąsias ankstyvąsias užduotis siūlome jums dabar ir atsisiųskite čia.
Tai viskas, ir jūs turite suprasti nuodugniai ir iki galo, nes pirmą kartą bus sunku viską suvirškinti, o tai, ką pamatysite atsisiųstose užduotyse, suteiks peno apmąstymams, kad būtumėte pasiruošę visoms bėdoms. lauksime jūsų egzaminuose pavasarį!